A1. 1 Из теоремы Гаусса: $E(r) = \cfrac{\lambda}{2\pi \varepsilon_0} \cdot \cfrac{1}{r}$ | 0.40 |
|
A2. 1 $V(r) = \int \limits _r^\infty E(r) dr$ или интегрирование до некоторого другого "опорного" уровня | 0.10 |
|
A2. 2 $f(r) = - \cfrac{\lambda}{2 \pi \varepsilon_0} \ln r$ (или отличающаяся на константу) | 0.30 |
|
A3. 1 Идея суперпозиции | 0.10 |
|
A3. 2 Ответ: $V(x,y,z)= \cfrac{\lambda}{4 \pi \varepsilon_0} \cdot \ln \cfrac{(b-x)^2+y^2}{(b+x)^2 + y^2}$ | 0.50 |
|
A3. 3 Схематичная картинка эквипотенциальных поверхностей: цилиндры (допустимы "кривые") и плоскость $x=0$ | 0.10 |
|
A4. 1 Потенциал всюду внутри цилиндра, подключенного к "плюсу", равен $V_0/2$ | 0.10 |
|
A4. 2 Потенциал всюду внутри цилиндра, подключенного к "минусу", равен $-V_0/2$ | 0.10 |
|
A4. 3 Идея: цилиндры - эквипотенциальные поверхности, "похожие" на эквипотенциальные поверхности поля двух нитей | 0.30 |
|
A4. 4
Доказано, что эквипотенциальные поверхности поля двух нитей - цилиндры. Например, их уравнение приведено к виду: $\left( x - b \cdot \cfrac{1+\beta}{1-\beta} \right) ^2 + y^2 = \left( b \cdot \sqrt{\left( \cfrac{1+\beta}{1-\beta} \right)^2 - 1} \right)^2$, где $\beta = \exp\left(\cfrac{4\pi \varepsilon_0 V}{\lambda}\right)$ |
0.70 |
|
A4. 5 Найдено $b=4a$ | 0.30 |
|
A4. 6
Найдено $\beta = \cfrac{1}{9}$ или $\lambda = \cfrac{\pi \varepsilon_0 V_0}{\ln 3}$ |
0.30 |
|
A4. 7
Потенциал поля снаружи цилиндров выражен через найденные $\beta$ и $\lambda$: $V(x,y,z)=\cfrac{V_0}{4 \ln 3} \cdot \ln \cfrac{(4a-x)^2 + y^2}{(4a+x)^2 + y^2}$ |
0.20 |
|
A5. 1 Ответ: $C=\cfrac{\pi \varepsilon_0 l}{\ln 3}$ | 0.50 |
|
A6. 1 Ответ: $I = \cfrac{V_0 \cdot \pi \sigma l}{\ln 3}$ | 0.50 |
|
A6. 2 Доказательство: или вычисление тока через плоскость $x=0$, или разбиение на маленькие плоские конденсаторы и использования соотношения $R=\cfrac{\varepsilon_0}{\sigma C}$ | 0.50 |
|
A7. 1 Ответ: $R = \cfrac{ \ln 3}{\pi \sigma l}$ | 0.25 |
|
A7. 2 Ответ: $RC = \cfrac{\varepsilon_0}{\sigma}$ | 0.25 |
|
A8. 1 Показано, что магнитное поле всюду вертикально и не зависит от координаты $z$ | 0.50 |
|
A8. 2 Выбран контур для применения теоремы о циркуляции. Например, симметричный прямоугольник в плоскости $x=\mathrm{const}$ | 0.20 |
|
A8. 3 Ответ: $B_z = \cfrac{\mu_0 V_0 \sigma}{2 \ln 3} \cdot \left( \mathrm{arctg} \cfrac{y}{4a+x} + \mathrm{arctg} \cfrac{y}{4a-x} \right)$ | 0.80 |
|