Радиусы $a$ обеих капель воды перед слиянием равны $100~ \text{мкм}$. Плотность воды $\rho$ равна $1.00 \times 10^3 \text{~кг} / \text{м}^3$. Коэффициент поверхностного натяжения $\gamma$ равен $7.27 \times 10^{-2} \text{~Дж} / \text{м}^2$.
Доля $k$ от $\Delta E$ (изменения поверхностной энергии), преобразуется в кинетическую энергию подпрыгивающей капли воды. Определите начальную скорость подпрыгивания, $v$, слившейся капли воды с точностью до двух значащих цифр при следующих предположениях:
Поверхностная энергия каждой из капель до объединения
$$
E = 4\pi \gamma a^2.
$$
При объединении объем капель сохраняется, поэтому конечный радиус капли $a_1$ можно найти из соотношения
$$
\frac{4 \pi}{3} a_1^3 = 2 \frac{4 \pi}{3}a^3, \quad a_1 = 2^{1/3}a.
$$
Тогда изменение поверхностной энергии
$$
\Delta E = 2\times 4 \pi \gamma a^2 - 4\pi \gamma a_1^2 = (2 - 2^{2/3}) 4 \pi \gamma a^2.
$$
С учетом того, что в кинетическую энергию переходит доля $k$ всей поверхностной энергии, для скорости получим
$$
\frac{M v^2}{2} = k \Delta E,
$$
где масса капли после слияния
$$
M = 2 \frac{4\pi}{3} \rho a^3 = \frac{8\pi}{3} \rho a^3.
$$
Отсюда скорость
$$
v = \sqrt{\frac{2 k \Delta E}{M}} = \sqrt{3(2 - 2^{2/3})\frac{k \gamma}{\rho a}} = 0.23~\text{м}/\text{с}.
$$
Постоянное атмосферное давление не создает никакой горизонтальной силы на выделенный объем, сила возникает только за счет избыточного давления воды. Она равна (на единицу длины)
$$
f_x = \int_{z_2}^{z_1} (- \rho g z) dz = \frac{1}{2} \rho g (z_2^2 - z_1^2).
$$
Обратим внимание, что здесь нужна не сила поверхностного натяжения, действующая на заданный объем воды, а выражение силы давления воды $f_x$ через силы поверхностного натяжения в состоянии равновесия. Это важно для правильного выбора знаков.
Условие равновесия имеет вид
$$
f_x = \frac{1}{2} \rho g (z_2^2 - z_1^2) = \gamma \cos \theta_1 - \gamma \cos \theta_2,
$$
откуда
$$
\frac{1}{2}\rho g z_1^2 + \gamma \cos \theta_1 = \frac{1}{2}\rho g z_2^2 + \gamma \cos \theta_2.
$$
Разделив на $\gamma$, получим
$$
\frac{1}{2} \frac{z^2}{\gamma/(\rho g)} + \cos \theta(x) = const
$$
Производная функции $z(x)$ задает тангенс угла поверхности с горизонталью:
$$
\tan\theta (x) = z'(x),
$$
откуда
$$
\cos \theta = \frac{1}{\sqrt{1 + z^{\prime 2}}} \approx 1 - \frac{1}{2} z^{\prime 2},
$$
где мы учли малость производной.
Подставляя это в условие из предыдущего пункта, получим
$$
\frac{1}{2} \frac{z^2}{l^2} + 1 - \frac{1}{2} z^{\prime 2} = const,
$$
$$
\frac{z^2}{l^2} - z^{\prime 2} = const.
$$
Продифференцировав, найдем уравнение на форму поверхности
$$
z'' = \frac{z}{l^2},
$$
его общее решение
$$
z = Ae^{x/l} + B e^{- x/l}.
$$
На большом расстоянии до стенки $z (\infty) = 0$, поэтому коэффициент перед растущей экспонентой $A = 0$.
Второй коэффициент найдем из значения угла $\theta_0$ вблизи стенки,
$$
\tan \theta_0 = z'(0) = - B/l, \quad B = - l \tan \theta_0.
$$
Используем результаты пунктов B2 и B3. В отличие от пункта B3 здесь нужна именно сила поверхностного натяжения, которая действует на выделенный объем. Вклад силы поверхностного натяжения
$$
F_{surf} = \gamma (\cos \theta_b - \cos \theta_a)
$$
можно записать сразу.
Для вычисления силы давления разобьем цилиндр на левую и правую части, координата нижней точки цилиндра $z_{bottom}$, тогда сила давления
$$
F = \int_{z_{bottom}}^{z_a} (- \rho g z) dz - \int_{z_{bottom}}^{z_b} (- \rho g z) dz = \int _{z_a}^{z_b} \rho g z \, dz=
\frac{1}{2} \rho g (z_b^2 - z_a^2).
$$
Докажем также, что горизонтальная составляющая силы давления зависит только от уровня воды, но не от формы объекта. Для этого заметим, что в некоторой точке $s$ сила давления направлена перпендикулярно поверхности и равна (на единицу длины)
$$
d\vec{F}= - P \vec{n} ds = (- P_0 + \rho g z)\vec{n} ds
$$
где $\vec{n}$ — единичный вектор нормали к поверхности, $ds$ — длина выбранного участка поверхности. Горизонтальная составляющая вектора $\vec{n} ds = dx$, поэтому горизонтальная составляющая силы
$$
dF_x=-P_0 dz + \rho g z dz.
$$
Интегрируя это выражение по поверхности, получим требуемый результат. Вклад постоянного давления $P_0$ сокращается, поскольку оно действует на всю поверхность цилиндра (а не только на погруженную в воду).
Используя граничные условия (на большом расстоянии справа $z = 0$, и поверхность горизонтальна, в центре $z = z_0$, поверхность также горизонтальна), а также уравнение из B4, найдем
$$
\frac{1}{2} \rho g z_a^2 + \gamma \cos \theta_a = \frac{1}{2} \rho g z_0^2 + \gamma
$$
из условия в центре, из условия на бесконечности
$$
\frac{1}{2} \rho g z_b^2 + \gamma \cos \theta_b = \gamma.
$$
Подставляя это в выражение для силы, получим
Общее решение для $z(x)$ между цилиндрами
$$
z(x) = A e^{x/l} + B e^{-x/l}.
$$
Из условий в центре $z(0) = z_0$, $z'(0) = 0$ получим
$$
A + B = z_0 , \quad A = B,
$$
поэтому
$$
A = B = \frac{z_0}{2}.
$$
Тогда
$$
z(x) = \frac{z_0}{2} \left( e^{x/l} + e^{-x/l}\right) = z_0 \cosh \frac{x}{l}, \quad z_a = z_0 \cosh \frac{x_a}{l}.
$$